浙江省精誠聯(lián)盟2023-2024學年高二上學期學期檢測物理 Word版含解析.docx

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高二年級物理試題考生須知：1．本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共6頁，滿分100分，考試時間90分鐘。2．答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級、姓名、考場號、座位號及準考證號。3．所有答案必須寫在答題卷上，寫在試卷上無效。4．考試結束后，只需上交答題卷。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分，在每小題四個選項中只有一項是符合題目要求的）1.關于物理學上的研究經歷，下列陳述錯誤的是（　?。〢.卡文迪什測出了萬有引力常量B.富克蘭林命名了正電荷與負電荷C.法拉第提出了電荷周圍存在電場的觀點D.密立根測定元電荷，質子和電子都是元電荷【答案】D【解析】【詳解】A．卡文迪什測出了萬有引力常量，故A正確不符合題意；B．富克蘭林命名了正電荷與負電荷，故B正確不符合題意；C．法拉第提出了電荷周圍存在電場的觀點，故C正確不符合題意；D．密立根測定元電荷，元電荷是一個電量值，不是粒子，故D錯誤符合題意。故選D。2.新SI（單位制）自2019年5月20日（國際計量日）正式實施，這將對科學和技術發(fā)展產生深遠影響，根據所學知識判斷，下列選項正確的是（　?。〢.“焦耳（J）”是國際單位制中的基本單位B.“電子伏特（eV）”表示的是電勢的單位C.“毫安時（mA·h）”表示的是電量的單位D.“引力常量（G）”用國際單位制中的基本單位表示為N·m2/kg2【答案】C【解析】【詳解】A．焦耳是導出單位，故A錯誤；B．結合W=qU可知“電子伏特（eV）”表示的是能量的單位，故B錯誤； C．根據q=It可知，“毫安時（mA·h）”表示的是電量的單位，故C正確；D．根據，可知“引力常量（G）”單位是N·m2/kg2，結合可知用國際單位制中的基本單位表示為m3/kg·s2，故D錯誤。故選C。3.下列四組物理量均為矢量的是（　　）A.電勢、電勢差B.線速度、電場強度C.動能、功率D.功、向心加速度【答案】B【解析】【詳解】矢量有方向，標量沒有方向；矢量運算遵守平行四邊形定則，標量運算遵守代數(shù)加減法則。所以電勢、電勢差、功、動能、功率都是標量，線速度、電場強度、向心加速度都是矢量，故B正確ACD錯誤。故選B。4.某同學在練習投籃，籃球在空中的運動軌跡如圖中虛線所示，籃球所受合力F的示意圖可能正確的是（　?。〢.B.C.D.【答案】A【解析】【詳解】籃球做曲線運動，所受合力指向運動軌跡的凹側。故選A。5.平昌冬奧會武大靖在500m短道速滑項目中以39秒584 的成績?yōu)橹袊爦Z得首金，同時也創(chuàng)造了新的世界紀錄。運動員進入彎道時，身體會向彎道內側傾斜，如圖，則武大靖在水平冰面上轉彎時（視作圓周運動），下列說法正確的是（　?。〢.所受的冰面的作用力與重力平衡B.冰面對武大靖支持力的方向斜向上C.合外力提供向心力D.運動員進入彎道時，如果速度過快，他會做離心運動而滑離軌道【答案】D【解析】【詳解】A．武大靖在水平冰面上轉彎時（視作圓周運動），不是平衡狀態(tài)，則冰面的作用力與重力不是平衡力，故A錯誤；B．冰面對武大靖支持力的方向垂直冰面，故B錯誤；C．因為不一定是勻速圓周運動，所以不一定合外力提供向心力，故C錯誤；D．運動員進入彎道時，如果速度過快，則合力不足以提供向心力，他會做離心運動而滑離軌道，故D正確。故選D。6.截至2022年9月15日，天問一號環(huán)繞器已在軌運行780多天，火星車祝融號累計行駛1921米，完成既定科學探測任務，火星車質量240kg，火星半徑約為地球半徑的一半，質量約為地球的，下列說法中正確的是（　?。〢.火星車受到火星的引力約為2400NB.火星表面重力加速度約為地球表面的C.火星車直線運動時合外力為0D.火星車曲線運動時一定有加速度【答案】D【解析】【詳解】Ｂ．根據可得 則選項B錯誤；A．火星車受到火星引力約為選項A錯誤；C．火星車做加速直線運動時合外力不為0，選項C錯誤；D．火星車曲線運動時，速度一定變化，則加速度一定不為零，選項D正確。故選D。7.如圖所示實線為某電場中的三條電場線，一點電荷從M點射入電場，只受電場力作用下沿圖中虛線運動到N點，則下列選項正確的是（　?。〢.該點電荷一定帶負電B.從M向N運動的過程中點電荷的電勢能一直增加C.從M向N運動的過程中點電荷的動能一直增加D.從M向N運動的過程中電場力對電荷做正功【答案】B【解析】【詳解】A．根據粒子的運動軌跡可知，粒子受電場力大致向左，因場強方向不確定，可知該點電荷帶電性不確定，選項A錯誤；BCD．從M向N運動的過程中電場力與速度夾角為鈍角，則電場力做負功，則點電荷動能一直減小，電勢能一直增加，選項B正確，CD錯誤。故選B。8. 在汽車噴漆中，有一門技術叫做靜電噴涂，在市場上已經得到廣泛的運用。靜電噴涂是指一種利用電荷和電場將霧化涂料的微粒吸附到噴涂對象的噴涂工藝，其原理結構圖如圖所示。下列說法正確的是（　?。〢.霧化涂料向工件運動的過程中做勻變速曲線運動B.噴口噴出的霧化涂料微粒帶負電，被涂工件接正極C.霧化涂料向工件運動的過程中，電場力做正功，電勢能增加D.靜電噴涂屬于尖端放電【答案】B【解析】【詳解】A．霧化涂料向工件運動的過程中受到電場力是變力，不做勻變速曲線運動，故A錯誤；B．根據圖像可知，被涂工件接正極，所以噴口噴出的霧化涂料微粒帶負電被吸引，故B正確；C．霧化涂料向工件運動的過程中，電場力做正功，電勢能減小，故C錯誤；D．靜電噴涂屬于電場力作用下的運動，不是尖端放電，故D錯誤。故選B。9.2023年6月4日6時33分，神舟十五號載人飛船返回艙在東風著陸場成功著陸。在此之前，航天員搭乘載人飛船離開空間站，然后開始軌道調整，此時，飛船需要繞地球飛行五圈。繞地球飛行至最后一圈時，飛船需要經過兩次調整姿態(tài)，在調整姿態(tài)完成以后，開始進行返回制動，制動后高度降低，進入半彈道式返回軌道。下列描述正確的是（　?。〢.飛船調整姿態(tài)過程，飛船能看作質點B.在半彈道式返回軌道運動時速率減小C.返回制動后飛船機械能減小D.在半彈道式返回軌道運動時飛船加速度減小【答案】C【解析】【詳解】A．飛船調整姿態(tài)過程，飛船大小不能忽略，不能看作質點，故A錯誤；B．制動后高度降低，進入半彈道式返回軌道，引力做正功，速率增大，故B錯誤；C．返回制動后，制動力做負功，飛船機械能減小，故C正確；D．根據 在半彈道式返回軌道運動時飛船加速度變大，故D錯誤。故選C。10.我國首顆量子科學實驗衛(wèi)星“墨子”離地面高度為500km的圓形軌道上運行，地球同步軌道衛(wèi)星離地面高度約為36000km。則（　?。〢.“墨子”衛(wèi)星的運行速度可能大于7.9km/sB.“墨子”衛(wèi)星的運行速度比同步衛(wèi)星大C.“墨子”衛(wèi)星可以定點在北京正上方D.“墨子”衛(wèi)星的周期比地球自轉周期大【答案】B【解析】【詳解】A．7.9km/s是最大的圓軌道衛(wèi)星環(huán)繞速度，所以衛(wèi)星“墨子”的運行速度小于7.9km/s，故A錯誤；B．根據牛頓第二定律可得衛(wèi)星“墨子”的軌道半徑比同步衛(wèi)星小，衛(wèi)星“墨子”的運行速度比同步衛(wèi)星大，故B正確；C．衛(wèi)星“墨子”的運行速度比同步衛(wèi)星大，大于地球自轉速度，所以不可能定點在北京正上方，故C錯誤；D．根據衛(wèi)星“墨子”的軌道半徑比同步衛(wèi)星小，衛(wèi)星“墨子”的周期小于同步衛(wèi)星，同步衛(wèi)星的周期等于地球自轉周期，所以“墨子”衛(wèi)星的周期比地球自轉周期小，故D錯誤。故選B。11.如圖所示，平行板電容器兩板水平放置，下極板接地，接通開關K與直流電源連接充電后斷開開關K。一帶電油滴位于兩板中央的P點，恰好處于平衡狀態(tài)?，F(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則（　?。?A.帶電油滴將豎直向下運動B.帶電油滴仍靜止在P點C.P點的電勢將降低D.帶電油滴的電勢能增加【答案】B【解析】【詳解】AB．接通開關K與直流電源連接充電后斷開開關K。電容器帶電量不變，一帶電油滴位于兩板中央的P點，恰好處于平衡狀態(tài)現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，，整理得與間距無關，所以場強不變，電場力不變，帶電油滴仍靜止在P點，故B正確A錯誤；C．根據可知，P點與下極板間距變大，則電勢差變大，下極板電勢為零，則P點的電勢將升高，故C錯誤；D．電場力向上，場強向下，油滴帶負電，根據可知，P點的電勢將升高，則帶電油滴的電勢能減小，故D錯誤。故選B。12.一質點做勻速圓周運動，若其所受合力的大小與軌道半徑的2次方成反比，則周期與軌道半徑n次方成正比，n等于（　?。〢.B.1C.D.2【答案】C 【解析】【詳解】一質點做勻速圓周運動，若其所受合力的大小與軌道半徑的2次方成反比根據所以故選C。13.如圖所示，一個質量為m的物體，從傾角為30°的固定斜面上高度為h靜止開始下滑，其運動的加速度為，物體在斜面上下滑高度為h這個過程中物體的（　?。〢.整個過程中機械能守恒B.重力勢能減小了C.機械能損失了mghD.動能增加了【答案】D【解析】【詳解】A．從傾角為30°的固定斜面上高度為h靜止開始下滑，其運動的加速度為，根據可知所以下滑過程克服阻力做功，機械能不守恒，故A錯誤；B．物體在斜面上下滑高度為h，重力勢能減小了mgh，故B錯誤；C．機械能損失 故C錯誤；D．根據動能定理，動能增加故D正確。故選D。二、選擇題Ⅱ（本大題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個符合題目要求，全部答對的得3分，選對但不全的得2分，錯選的得0分）14.如圖所示，在平行于xOy平面的區(qū)域內存在著電場，一個負電荷沿直線先后從C點移動到A點和B點，在這兩個過程中，電場力均做正功，從C點移動到B點比從C點移動到A點電場力做功多。下列說法正確的是（　?。〢.A點的電勢比B點的電勢高B.這一區(qū)域內的電場可能是勻強電場C.該電荷在A點的電勢能大于在C點的電勢能D.這一區(qū)域內的電場可能是在第IV象限內某位置的一個正點電荷所產生【答案】BD【解析】【詳解】AC．一個負電荷沿直線先后從C點移動到A點和B點，在這兩個過程中，電場力均做正功，電勢能減小，電荷在A點的電勢能小于在C點的電勢能，從C點移動到B點比從C點移動到A點電場力做功多。所以B點電勢能小，而粒子帶負電，所以A點的電勢比B點的電勢低，故AC錯誤；B．根據題意可知，這一區(qū)域內的電場可能是勻強電場，故B正確；D．根據A、B兩點電勢關系分析，此電場可能是由處于第IV象限內某位置的一個正點電荷所產生的，正點電荷靠近B點，故D正確。故選BD。15.一帶有乒乓球發(fā)射機的乒乓球臺，如圖所示。水平臺面的長和寬分別為L?和L2，中間球網高度為h ，發(fā)射機安裝于臺面左側邊緣的中點，能以不同速率、向右側不同方向、水平發(fā)射乒乓球，發(fā)射點距臺面高度為3h，調整發(fā)射速度v的大小和方向，使乒乓球落到球網右側的臺面上。A點為臺面右側的邊角，B點為臺面右邊沿的中點。不計空氣阻力，重力加速度大小為g。則（　　）A.乒乓球落在A點與落在B點運動所用時間相等B.乒乓球平拋運動水平方向上的位移最小為C.乒乓球向A點方向發(fā)射可以用最小速度發(fā)射D.乒乓球的發(fā)射速度最大為【答案】AD【解析】【詳解】A．乒乓球做平拋運動，豎直方向上做自由落體運動，由，解得運動時間乒乓球落在A、B兩點的下落高度相等，則運動時間相等，故A錯誤；B．調整發(fā)射速度v的大小和方向，使乒乓球落到球網右側的臺面上，水平位移最小的情況是擦網落到右側臺面，此時水平方向的位移大于，故B錯誤；C．乒乓球用最小速度發(fā)射時，乒乓球過網后的水平位移最小，乒乓球落在右側臺面的中線上，故C錯誤；D．當乒乓球發(fā)射速度最大時，落到A點，豎直方向上水平位移解得最大速度 故D正確。故選AD。非選擇題部分三、非選擇題（共5小題，共55分）16.實驗題：探究平拋運動規(guī)律的實驗，裝置如圖1所示。（1）下列實驗條件必須滿足的有__________；A．斜槽軌道末段水平　　B．斜槽軌道必須光滑C．硬板固定必須豎直　　D．斜槽出口為平拋運動起點（2）在白紙上用平滑曲線把印跡連接起來，從拋出點開始取相等的三段水平位移，則三段豎直位移之比為__________；（3）在實驗中某同學用一張印有小方格的紙代替白紙記錄小球運動的軌跡，小方格的邊長L，重力加速度為g，根據小球在平拋運動途中的a、b、c、d四個位置（如圖2所示）進行分析，則小球平拋初速度v＝__________小球在b點的速率為__________。（用題中字母表示）【答案】①.AC②.1：3：5③.④.【解析】【詳解】（1）[1]A．斜槽軌道末段水平,以保證小球做平拋運動，故A正確；B．斜槽軌道不一定要光滑，只要到達底端時速度相同即可，故B錯誤； C．硬板固定必須豎直，以避免小球與硬板相碰，同時又能落到水平槽MN里，故C正確；D．小球在斜槽出口位置時小球球心位置為平拋運動的起點，故D錯誤。故選AC。（2）[2]小球做平拋運動，可以分解為水平方向的勻速直線運動和豎直方向的自由落體運動，從拋出點開始取相等的三段水平位移，由水平方向位移可知，通過這三段水平位移所用時間相等，豎直方向是自由落體運動即初速度為零的勻加速直線運動，由勻變速運動規(guī)律可知，前三段連續(xù)相等時間內的位移之比為。（3）[3]由圖可知a、b、c、d四個位置相鄰兩個位置之間的水平距離相等，即相鄰兩點之間的時間間隔相同，設為T，豎直方向有解得水平方向有小球平拋初速度[4]b點在豎直方向的分速度為則b點的速率17.利用如圖裝置做“驗證機械能守恒定律”實驗。 （1）為驗證機械能是否守恒，釋放重物前有下列操作，其中正確的是__________（填字母）A．將打點計時器的兩個限位孔調節(jié)到同一豎直線上B．手提紙帶任意位置C．使重物靠近打點計時器D．打點計時器接低壓直流電源（2）實驗中，先接通電源，再釋放重物，得到如圖所示的一條紙帶。在紙帶上選取三個連續(xù)打出的點A、B、C，測得它們到起始點O的距離分別為h、hB、hC。已知當?shù)刂亓铀俣葹間，打點計時器打點的周期為T。設重物的質量為m。從打O點到打B點的過程中，重物的重力勢能減少量△Ep＝__________動能增加量△E＝_________。（3）某同學利用氣墊導軌做“驗證機械能守恒定律”實驗。氣墊導軌水平，測出遮光條的寬度為d，滑塊質量為M，槽碼質量為m，遮光條通過光電門時間為t，滑塊從靜止開始運動到光電門距離為L，已知當?shù)刂亓铀俣葹間，重力勢能減少量為__________，動能增加量為__________。【答案】①.AC②.③.④.mgL⑤.【解析】【詳解】（1）[1]A．將打點計時器的兩個限位孔調節(jié)到同一豎直線上，減小摩擦帶來的誤差，故A正確；B．手提紙帶上端，保持豎直，故B錯誤；C．為了充分利用紙帶，使重物靠近打點計時器，故C正確；D．打點計時器接低壓交流電源，故D錯誤。故選AC。（2）[2][3]打O點到打B點的過程中，重物的重力勢能減少量 B點的速度動能增加量（3）[4][5]槽碼下落重力勢能減小，重力勢能減少量為mgL，通過光電門速度所以系統(tǒng)動能增加量為。18.如圖所示，空間有場強E＝1.0×102V/m豎直向下的勻強電場，長L＝0.4m不可伸長的絕緣輕繩固定于O點，另一端系一質量m＝0.5kg帶正電q＝5×10-2C的小球。拉起小球至繩水平后在A點無初速度釋放，當小球運動至O點的正下方B點時繩恰好斷裂，小球繼續(xù)運動并垂直打在同一豎直平面且與水平面成擋板MN上的C點，g取10m/s2，試求：（1）繩子的最大張力；（2）B、C兩點的高度差；（3）A、C兩點的電勢差。【答案】（1）；（2）見解析；（3）【解析】【詳解】（1）A→B由動能定理及圓周運動知識有，解得（2）B→C由動能定理有 且解得（3）根據解得19.一帶電粒子，以某一初速度射入水平放置的平行板電容器，電容為C，電容器帶電量為Q，平行板電容器內電場看作勻強電場，粒子射入時緊靠下極板邊緣，速度方向與極板夾角為45°，帶電粒子運動軌跡的最高點到極板左右兩端的水平距離分別為2L和L，到兩極板距離均為d，如圖所示。忽略電容器邊緣效應，不計重力。求：（1）平行板電容器內的電場強度；（2）L與d的比例關系；（3）帶電粒子穿出電容器時的位置和速度方向與水平方向夾角的正切值?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）位置見解析，【解析】詳解】（1）電容器電壓場強 解得（2）水平方向勻速豎直方向勻減速解得（3）水平方向，水平速度豎直方向，速度，根據或者根據推論解得20.如圖所示，某小車（可以看作質點）以額定功率8W由靜止開始從B點出發(fā)，沿粗糙水平直線軌道加速2s后關閉動力，進入光滑的曲線軌道CD，從D處水平飛出，最后落入沙坑中，已知沙坑距離D高度h＝0.8m，小車平拋運動落入沙坑中水平位移d＝0.8m，小車的總質量為1kg，g＝10m/s2，不計空氣阻力，求： （1）小車在D點速度大??；（2）小車在BC段克服摩擦力做的功；（3）若曲線軌道CD末端高度可調，平拋高臺h為多少時，能讓小車落入沙坑的水平位移最大？最大值是多少？【答案】（1）2m/s；（2）6J；（3），1m【解析】【詳解】（1）從D點平拋運動有，解得（2）從B運動到D根據動能定理解得（3）根據，整理得水平位移得，當時，水平位移x最大為1m。21.如圖所示，某游戲裝置由固定在水平面上傾斜軌道、水平軌道CD和DE、豎直圓軌道、E右側的固定輕質彈簧組成，豎直圓軌道最低點D處左右分別與水平軌道DE和CD相切，略為錯開，且各部分平滑相接。某次游戲時，滑塊（可視為質點）從傾斜軌道頂點A點由靜止釋放，沿傾斜軌道下滑，通過圓軌道后壓縮彈簧，然后被彈回，再次經過圓軌道并滑上傾斜軌道，可以往復運動。已知圓軌道半徑r＝ 0.1m，滑塊的質量m＝0.02kg，傾斜軌道的傾角，A點高度h＝0.9m，滑塊與傾斜軌道間的動摩擦因數(shù)，忽略其他軌道摩擦及空氣阻力，g取10m/s2。求：（1）滑塊第一次通過豎直圓軌道最高點H時對軌道的壓力大?。唬?）第一次回到傾斜軌道上滑的最大高度；（3）滑塊從傾斜軌道多高靜止釋放，恰好通過圓軌道最高點；（4）滑塊從傾斜軌道頂點A處由靜止釋放，此后滑塊通過H點的次數(shù)?！敬鸢浮浚?）1.4N；（2）；（3）0.375m；（4）4次【解析】【詳解】（1）從A點到H點，由動能定理可得根據牛頓第二定律，在H點有解得由牛頓第三定律知，彈珠對軌道的壓力為1.4N。（2）彈珠第1次傾斜軌道上滑的最大高度由功能關系得代入數(shù)據得（3）恰好通過圓軌道最高點速度為v