四川省成都市東部新區(qū)養(yǎng)馬高級中學(xué)2022-2023學(xué)年高二下學(xué)期第一次月考物理Word版含解析.docx

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養(yǎng)馬高級中學(xué)2022-2023學(xué)年度高二下學(xué)期3月月考物理試題（考試時(shí)間：90分鐘試卷滿分：100分）注意事項(xiàng)：1.本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分。答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名。準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2.回答第Ⅰ卷時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號。寫在本試卷上無效。3.回答第Ⅱ卷時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。4.考試結(jié)束后，將答題卡交回。第Ⅰ卷一、選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求。1.關(guān)于靜電場的等勢面，下列說法正確的是（　　）A.兩個(gè)電勢不同的等勢面可能相交B.電場線不一定與等勢面相互垂直C.同一等勢面上各點(diǎn)電場強(qiáng)度一定相等D.將一正試探電荷從電勢較高的等勢面移至電勢較低的等勢面，靜電力做正功【答案】D【解析】【詳解】A．等勢面相交，則交點(diǎn)有兩個(gè)電勢值，這是不可能的，所以電勢不同的等勢面不可能相交，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)電場線與等勢面的關(guān)系可知，電場線與等勢面互相垂直，故B錯(cuò)誤；C．電場強(qiáng)度的大小與電勢的高低沒有關(guān)系，所以同一等勢面上各點(diǎn)電場強(qiáng)度不一定相等，故C錯(cuò)誤；D．正電荷在電勢高的位置的電勢能大，所以將一正試探電荷從電勢較高的等勢面移至電勢較低的等勢面，電勢能減小，則靜電力做正功，故D正確。故選D。2.如圖，兩平行通電直導(dǎo)線a、b垂直紙面放置，分別通以垂直紙面向里的電流、，另一通電電流方向垂直紙面向外的直導(dǎo)線c與兩導(dǎo)線共面。導(dǎo)線c受到的安培力為零，則（　?。?A.增大，導(dǎo)線c受到的安培力向左B.增大，導(dǎo)線c受到的安培力向右C.反向，導(dǎo)線c受到的安培力向左D.反向，導(dǎo)線c受到的安培力向左【答案】C【解析】【分析】【詳解】A．由安培定則可知，導(dǎo)線a、b在導(dǎo)線c處的磁場方向分別豎直向下和豎直向上，又由左手定則知導(dǎo)線a、b對導(dǎo)線c的安培力分別向右和向左，增大，導(dǎo)線a產(chǎn)生的磁場增強(qiáng)，導(dǎo)線c受到導(dǎo)線a的安培力大，合力向右，故A錯(cuò)誤；B．增大，導(dǎo)線b產(chǎn)生的磁場增強(qiáng)，導(dǎo)線c受到導(dǎo)線b的安培力大，導(dǎo)線c受到的安培力向左，故B錯(cuò)誤；C．反向，則導(dǎo)線c受到導(dǎo)線a的安培力向左，則導(dǎo)線c受到的安培力向左，故C正確；D．反向，則導(dǎo)線c受到導(dǎo)線b的安培力向右，則導(dǎo)線c受到的安培力向右，故D錯(cuò)誤。故選C。3.如圖所示，E為電源，C為電容器，R為定值電阻，S為單刀雙擲開關(guān)，則A.S接1時(shí)，電容器充電且上極板電勢較低B.S接2時(shí)，電容器放電且放電電流從左往右經(jīng)過定值電阻RC.保持S接l，將上極板豎直向上平移少許，板間電壓不變，場強(qiáng)減小 D.保持S接l，將上極板水平向左平移少許，板間電壓不變，場強(qiáng)減小【答案】C【解析】【詳解】A．S接1時(shí)，電容器充電且上極板接電源正極，電勢較高，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．S接2時(shí)，電容器放電且放電電流從右往左經(jīng)過定值電阻R，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．保持S接l，將上極板豎直向上平移少許，板間電壓不變，根據(jù)可知，場強(qiáng)減小，選項(xiàng)C正確；D．保持S接l，將上極板水平向左平移少許，板間電壓不變，兩板間距d不變，根據(jù)可知場強(qiáng)不變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．4.如圖所示，空間存在著豎直向下的勻強(qiáng)電場，一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q（q>0）的帶電粒子以水平方向的初速度v0由O點(diǎn)射入，剛好通過豎直平面內(nèi)的P點(diǎn)，已知連.線OP與初速度方向的夾角為45°，不計(jì)粒子的重力，則O、P兩點(diǎn)間的電勢差UOP為（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【詳解】帶電粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，根據(jù)類平拋運(yùn)動的推理則有P點(diǎn)粒子的速度為由動能定理得解得 ABD錯(cuò)誤，C正確。故選C。5.在如圖所示的電路中，閉合開關(guān)后，相同的兩個(gè)燈泡A、B均正常發(fā)光，當(dāng)滑動變阻器的滑片P向下滑動時(shí)，則（　?。〢.A燈變亮，B燈變暗B.A燈變暗，B燈變亮C.A、B燈均變亮D.A、B燈均變暗【答案】A【解析】【詳解】當(dāng)滑動變阻器的滑片P向下滑動時(shí)，滑動變阻器接入電路的電阻減小，根據(jù)串反并同可知，由于燈泡B與滑動變阻器并聯(lián)，則燈泡B的電功率減小，即B燈變暗，燈泡A與滑動變阻器串聯(lián)，則燈泡A的電功率增大即A燈變亮，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。6.如圖所示，為電阻箱，V為理想電壓表。當(dāng)電阻箱的示數(shù)時(shí)，電壓表的示數(shù)；當(dāng)電阻箱的示數(shù)時(shí)，電壓表的示數(shù)。則此電源的電動勢、內(nèi)阻分別是（　?。〢.B.C.D. 【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)題意，由歐姆定律可得，當(dāng)電阻箱的示數(shù)時(shí)，電路中的電流為當(dāng)電阻箱的示數(shù)時(shí)，電路中的電流為由閉合回路歐姆定律有聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得故選A。7.如圖所示，理想變壓器的原線圈接在u=220sin100πt（V）的交流電源上，副線圈接有R=55Ω的負(fù)載電阻，原、副線圈匝數(shù)之比為2:1，電流表、電壓表均為理想電表。下列說法正確的是（　?。〢.原線圈的輸入功率為220WB.電流表的讀數(shù)為1AC.電壓表的讀數(shù)為110VD.副線圈輸出交流電的頻率為50Hz【答案】D【解析】【詳解】C．原線圈的電壓的有效值為 根據(jù)原副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系解得故C錯(cuò)誤；B．變壓器的副線圈的電流為根據(jù)原副線圈電流與匝數(shù)的關(guān)系解得原線圈的電流，即電流表的讀數(shù)為故B錯(cuò)誤；A．原線圈的輸入功率等于副線圈的輸出功率，即故A錯(cuò)誤；D．根據(jù)變壓器的工作原理可知，變壓器原副線圈的電流變化的頻率相等，即故D正確。故選D。8.1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，憑借此項(xiàng)成果，他于1939年獲得諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)，其原理如圖所示，這臺加速器由兩個(gè)銅質(zhì)D形盒、構(gòu)成，其間留有空隙。下列說法正確的是（　?。?A.帶電粒子由加速器的邊緣進(jìn)入加速器B.帶電粒子每次進(jìn)入D形盒時(shí)做加速圓周運(yùn)動C.被加速的帶電粒子在回旋加速器中做圓周運(yùn)動的周期隨半徑的增大而增大D.經(jīng)過半個(gè)圓周后帶電粒子再次到達(dá)兩盒間的縫隙時(shí)，兩盒間的電壓恰好改變正負(fù)【答案】D【解析】【分析】【詳解】A．被加速粒子只能由加速器的中心附近進(jìn)入加速器，而從邊緣離開加速器，A錯(cuò)誤；B．粒子垂直進(jìn)入磁場，由洛倫茲力提供向心力，粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動。B錯(cuò)誤；C．粒子在磁場中運(yùn)動的周期被加速的粒子在回旋加速器中做圓周運(yùn)動的周期與半徑無關(guān)，C錯(cuò)誤；D．回旋加速器的原理就是經(jīng)過半個(gè)圓周后再次到達(dá)兩盒間的縫隙處，控制兩盒間的電勢差，使其恰好改變正負(fù)，于是粒子經(jīng)過盒縫時(shí)再次被加速，如此反復(fù)的速度就能增加到最大，D正確。故選D。二、選擇題：本題共5小題，每小題4分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分9.有一種電荷控制式噴墨打印機(jī)，它的打印頭的結(jié)構(gòu)簡圖如圖所示，其中墨盒可以噴出極小的墨汁微粒，此微粒經(jīng)過帶電室?guī)想姾笠砸欢ǖ某跛俣却怪鄙淙肫D(zhuǎn)電場，再經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場后打到紙上，顯示出字符．不考慮墨汁的重力，為使打在紙上的字跡縮?。ㄆD(zhuǎn)距離減小），下列措施可行的是（　?。〢.減小墨汁微粒的質(zhì)量 B.增大偏轉(zhuǎn)電場兩板間的距離C.減小偏轉(zhuǎn)電場的電壓D.減小墨汁微粒的噴出速度【答案】BC【解析】【詳解】微粒以一定的初速度垂直射入偏轉(zhuǎn)電場做類平拋運(yùn)動，則有：水平方向：；豎直方向：，加速度：，聯(lián)立解得：，要縮小字跡，就要減小微粒通過偏轉(zhuǎn)電場的偏轉(zhuǎn)角y．由上式分析可知，采用的方法有：增大墨汁微粒的質(zhì)量、增大轉(zhuǎn)電場兩板間的距離、減小偏轉(zhuǎn)極板間的電壓U、增大墨汁微粒的噴出速度，故AD錯(cuò)誤，BC正確；10.關(guān)于多用電表的使用，下列操作正確的是（　?。〢.測電壓時(shí)，圖甲連接方式紅、黑表筆接法正確B.測電流時(shí)，應(yīng)按圖乙連接方式測量C測電阻時(shí)，可以按圖丙連接方式測量D.測二極管的反向電阻時(shí)，應(yīng)按圖丁連接方式測量【答案】AB【解析】【詳解】A．根據(jù)多用電表的使用方法，測電壓時(shí)，紅表應(yīng)接電勢較高的點(diǎn)，A正確； B．測電流時(shí)，電流從紅表筆進(jìn)入，且串聯(lián)在電路中，B正確；C．測電阻時(shí)，應(yīng)將待測電阻與電源斷開，C錯(cuò)誤；D．測二極管的反向電阻時(shí)，紅表筆應(yīng)接二極管正極，黑表筆應(yīng)接二極管負(fù)極，D錯(cuò)誤。故選AB11.2021年6月28日，白鶴灘水電站正式并網(wǎng)發(fā)電，使用了我國領(lǐng)先全球的特高壓輸電技術(shù)。若發(fā)電機(jī)的輸出電壓不變，遠(yuǎn)距離輸電的示意圖如圖所示。則下列敘述中正確的是（　?。〢.用戶接入電路的用電器越多，用電器兩端電壓越大B.用戶接入電路的用電器越多，發(fā)電機(jī)的輸出功率越大C.用戶接入電路的用電器越多，輸電線電阻r消耗功率越大D.用戶接入電路的用電器越多，輸電線電阻r兩端電壓越小【答案】BC【解析】【詳解】因?yàn)榘l(fā)電機(jī)的輸出電壓不變，根據(jù)可知不變，用戶接入電路的用電器越多，用電器消耗功率增大，因此發(fā)電機(jī)的輸出功率增大，根據(jù)可知增大，根據(jù)可知增大，根據(jù)，可知增大，減小，根據(jù) 可知用電器兩端電壓減小根據(jù)可知輸電線電阻r消耗功率增大故AD錯(cuò)誤，BC正確。故選BC。12.如圖所示，單匝線圈ABCD在外力作用下以速度v向右勻速進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，第二次以速度2v勻速進(jìn)入同一勻強(qiáng)磁場。則第二次與第一次進(jìn)入過程中（　　）A.線圈中感應(yīng)電動勢之比為1︰2B.線圈中電流之比為2︰1C.通過線圈的電量之比為1︰1D.線圈中產(chǎn)生的熱量之比為4︰1【答案】BC【解析】【分析】【詳解】A．切割磁感線產(chǎn)生的動生電動勢E=BLv可知，第二次的速度為2v，第一次的速度為v，第二次與第一次線圈中感應(yīng)電動勢之比為2︰1，故A錯(cuò)誤；B．線圈中電流可知，第二次與第一次線圈中感應(yīng)電動勢之比為2︰1，電阻相同，線圈中電流之比為2︰1，故B正確；C．通過線圈的電量 解得第二次與第一次進(jìn)入磁場的過程中相同，所以通過線圈的電量之比為1︰1，故C正確；D．線圈中產(chǎn)生的熱量聯(lián)立可得所以線圈中產(chǎn)生的熱量之比為2︰1，故D錯(cuò)誤。故選BC。13.如圖所示，水平放置的擋板上方有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，一帶電粒子垂直于擋板從板上的小孔射入磁場，另一帶電粒子垂直于磁場且與擋板成角射入磁場，、初速度大小相等，兩粒子恰好都打在板上同一點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），并立即被擋板吸收。不計(jì)粒子重力，下列說法正確的是（　?。〢.、的電性一定相同B.、的比荷之比為C.若在點(diǎn)左側(cè)，則在磁場中運(yùn)動時(shí)間比長D.若在點(diǎn)右側(cè)，則在磁場中運(yùn)動路程比短【答案】AB【解析】【分析】【詳解】A．兩粒子打到同一個(gè)點(diǎn)，表明偏轉(zhuǎn)方向一致，所以帶同種電荷。A正確；B．設(shè)P點(diǎn)與O點(diǎn)的距離為L，則有 所以有B正確；C．若在點(diǎn)左側(cè)，則粒子在磁場中運(yùn)動的時(shí)間為，角在銳角范圍內(nèi)，有C錯(cuò)誤；D．若在點(diǎn)右側(cè)，則粒子在磁場中運(yùn)動的弧長為，角在銳角范圍內(nèi)，有D錯(cuò)誤。故選AB第Ⅱ卷（共56分）三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，每空2分，共14分。14.在“測定金屬的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，需要用游標(biāo)卡尺測出被測金屬絲的長度L，用螺旋測微器測出金屬絲的直徑D。用電流表和電壓表測出金屬絲的電阻。（1）請寫出測金屬絲電阻率的表達(dá)式：___________。（用上述測量的字母表示）（2）某學(xué)生用螺旋測微器在測定該金屬絲的直徑時(shí)，測得的結(jié)果如下圖所示，則該金屬絲的直徑D=___________mm。緊接著用游標(biāo)尺上標(biāo)有20等分制度的游標(biāo)卡尺測該金屬絲的長度，測得的結(jié)果如下圖所示，則該工件的長度L=___________cm。 【答案】①.②.3.205##3.203##3.204##3.206##3.207③.5.015【解析】【詳解】（1）[1]根據(jù)電阻定律可得又聯(lián)立解得金屬絲電阻率為（2）[2]螺旋測微器的精確值為，由圖可知金屬絲的直徑為[3]20分度游標(biāo)卡尺的精確值為，由圖可知工件的長度15.某物理興趣小組利用圖甲所示電路測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻。除電池（內(nèi)阻約為）、開關(guān)和導(dǎo)線外，實(shí)驗(yàn)室提供的器材還有：A.電壓表V（量程為，內(nèi)阻約為）B.電流表（量程為，內(nèi)阻約為）C.電流表（量程為，內(nèi)阻約為）D.定值電阻（阻值為，額定功率為）E.滑動變阻器（最大阻值為，額定電流為） （1）電流表應(yīng)選用_______（選填“B”或“C”）。（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)，閉合開關(guān)S前，應(yīng)將滑動變阻器的滑動觸頭P置于_______（選填“a”或“b”）端。（3）在器材選擇正確的情況下，按正確操作進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，調(diào)節(jié)滑動變阻器，通過測量得到該電池的圖線如圖乙所示，則該電池的電動勢_______V、內(nèi)阻_______。【答案】①.B②.b③.1.48④.0.46【解析】【詳解】（1）[1]由圖乙可知，最大電流為，則根據(jù)電流表的選取原則應(yīng)選擇B。（2）[2]根據(jù)保護(hù)電路的原則，在閉合開關(guān)S前，應(yīng)將滑動變阻器的滑動觸頭P置于最大阻值處，也就是端。（3）[3][4]由以及圖示電源的圖像可知，圖像與縱軸的截距表示電源的電動勢，則由圖像可知電動勢圖像斜率的絕對值表示電源的內(nèi)阻和定值電阻之和，則有四、解答題（共42分）：寫出必要的文字說明。方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。16.如圖所示，矩形線圈abcd，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場中繞軸OO′以轉(zhuǎn)速n=50r/s勻速轉(zhuǎn)動，線圈共N=50匝，電阻r=5Ω，ab=0.4m，bc=0.5m，負(fù)載電阻R=45Ω，從線圈平面與磁場方向垂直時(shí)開始計(jì)時(shí)，求： （1）線圈中電動勢隨時(shí)間變化的瞬時(shí)表達(dá)式；（2）負(fù)載電阻R上消耗的電功率。【答案】（1）；（2）90W【解析】【詳解】（1）交變電流的峰值為所以從線圈平面與磁場方向垂直時(shí)開始計(jì)時(shí)，線圈中電動勢隨時(shí)間變化的瞬時(shí)表達(dá)式為（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律可得所以電阻R上消耗的電功率為17.如圖甲所示，圓形金屬線圈的面積??=0.5m2，匝數(shù)??=100，電阻??=10Ω，線圈內(nèi)磁場變化規(guī)律如圖乙所示，且磁場方向垂直線圈平面內(nèi)里。求：（1）線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E；（2）在前2s時(shí)間內(nèi)，通過線圈某一截面的電荷量q。 【答案】（1）；（2）0.5C【解析】【分析】【詳解】（1）由圖乙結(jié)合數(shù)學(xué)知識可得由法拉第電磁感應(yīng)定律可得感應(yīng)電動勢（2）設(shè)在1s~2s的時(shí)間間隔為t，電流為，q=It聯(lián)立解得q=0.5C18.如圖所示，在第Ⅰ象限內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，在第Ⅱ象限內(nèi)有水平向右的勻強(qiáng)電場。在該平面有一個(gè)質(zhì)量為、電荷量為的粒子以垂直軸的初速度，從軸上的點(diǎn)進(jìn)入勻強(qiáng)電場，恰好與軸成角從點(diǎn)射出電場，再經(jīng)過一段時(shí)間恰好垂直于軸飛出，已知之間的距離為。（不計(jì)粒子重力）求：（1）軸上點(diǎn)坐標(biāo)；（2）勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小。（3）粒子在勻強(qiáng)磁場運(yùn)動的時(shí)間。 【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）根據(jù)題意可知，粒子在第Ⅱ象限內(nèi)做類平拋運(yùn)動，垂直電場方向上有沿電場方向，做勻加速直線運(yùn)動，設(shè)加速度為，則有恰好與軸成角從點(diǎn)射出電場，則有聯(lián)立解得則軸上點(diǎn)坐標(biāo)為。（2）根據(jù)題意，畫出粒子的運(yùn)動軌跡，如圖所示由幾何關(guān)系可知，粒子進(jìn)入磁場時(shí)的速度為由牛頓第二定律有解得（3）根據(jù)題意，由幾何關(guān)系可知，粒子在磁場中運(yùn)動的弧長為 則粒子的運(yùn)動時(shí)間為19.如圖，、為足夠長光滑平行的水平金屬導(dǎo)軌，電阻，置于豎直向下的有界勻強(qiáng)磁場中，為磁場邊界，磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度，導(dǎo)軌間距，質(zhì)量的導(dǎo)體棒垂直置于導(dǎo)軌上且與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)體棒接入電路的電阻為。時(shí)刻，導(dǎo)體棒在的水平拉力作用下從左側(cè)某處由靜止開始運(yùn)動，時(shí)棒進(jìn)入磁場繼續(xù)運(yùn)動，導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直。（1）求導(dǎo)體棒時(shí)刻進(jìn)入磁場瞬間的加速度a的大小及回路的電功率；（2）若導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場瞬間立即撤去力F，求導(dǎo)體棒在運(yùn)動過程中電阻R產(chǎn)生焦耳熱Q?！敬鸢浮浚?），；（2）【解析】【分析】【詳解】（1）根據(jù)牛頓第二定律速度感應(yīng)電動勢電流 解得回路功率解得（2）由能量守恒R產(chǎn)生的熱量